易道高中物理題，謝謝

第乙個應該是桌子的表面，對吧？

第二個應該是本書的重點。

這道題意義不大，只是乙個陳述題，在實際題目中肯定不會被檢驗，所以自己理解一下就好了。

書本在水平向下側的壓力應該是書本的重心，如果是桌子對書本的壓力，動作點也應該是書本的重心。

至於為什麼，一般來說，如果它只作用在垂直方向上，則被視為在重心的某個點上施加力。 這對你來說尤其如此。 其他形狀的物體是未知的。 這就是我的想法，所以讓我們參考一下。

書本在水平面上的向下壓力將作用在水平面的接觸面上。

如果說是桌子對書的壓力，那麼行動的重點就是書。

為什麼？

前 10 個表的表面。

第二個是本書的重點。

桌子的表面。

書的表面！

是本書的中心。

規則是這樣的。

我認為這本書對水平面向下壓力的作用點是在水平面上。

桌子對書的壓力（應該是有彈性的！ 行動的重點在書上。

行動點都是本書的重心。

因為它們是一對作用力和反作用力，大小相等，方向相反。

從方塊落入河中到返回追上，方塊和船從同乙個地方出發，彼此相對行進，兩種速度之和就是“船在靜水中前進的速度”; 從返程追到追上方塊，方塊和船都是追擊問題，兩者之間的速度差是“船在靜水中前進的速度”。 由於對方的距離是距離差=追問，所以對方的時間=追問問題的時間。 所以這個方塊實際上漂移了 2 個小時，其中包括追逐前一小時和追逐前一小時。

不知道你知道不認識？

其實還有一種更簡單的方法，就是以流動的河水為參考，那麼木塊是靜止的，船逆流而下的速度就是靜水中的速度。 相當於船從A（橋：木塊掉落的地方）到B（發現木塊的地方）來回行駛，往返的速度和距離相等，時間為1小時，木塊漂浮2小時。

然後改變參考物件，在2小時內漂移3500 m後，水流速度為1750m h

當木板掉下來時，這個人沒有注意到它，而是繼續向上游移動，直到他找到它時才轉過身來。 如果水速為 x，而船仍為水速 v，則木板在被發現時已經漂移了 xt 公尺，並且人正在向前移動 （v-x）t。 然後人與木板被VT隔開。

然後乙個小時趕上來，木板前進 x，男人前進 （v+x）。 如果我們看一下 vt=（v+x）-x，那麼 t=1。 也就是說，t=1。

也就是說，在發現時，這艘船已經前進了 1 小時。 因此，木板總共漂移了 2 個小時。

以河水為參考系統，木塊下落後靜止不動，船帶頭以相同的速度離開木塊，然後向木塊靠攏，船向木塊靠攏需要1h，所以船離開木塊也需要1h， 從木塊掉落到船趕上木塊的時間是2h。

h：小時）。

1000m = a1t^2/2 + v2t + a2t^2/2 = t^2/2 + 40t - t^2/2 = 40t

t = 1000 石偉 40 = 25s

25秒後，兩輛車前端相遇，尋找隋培。

此時 v1 = 25m s v2 = 40 - 25 = 15m s200m = v1t + a1 2 2 + v2t + a2 2 2 = 25t + t 2 2 + 15t - t 2 2

40tt = 200/40 = 5s

5s後，兩輛手推車開始相互離開。

你沒有乙個問題說 A 是 M 或 B 是 M。

假設 A 稱為 M。

設橫截面積為s，m的長度為2x，重力為g1，n的長度為2y，重力為g2，b（n）的密度為。

容易知道 g1=2xs*2 ; g2=2ys* 則根碼鏈根據槓桿原理列出矩平衡方程

g1*x=g2*y

即：4x 2s = 2y 2s

解，Chi Xun y = 2x

所以 m 的引力大小是 n 的倍數：g1 g2 = 2x y = 2

這不是大一的物理問題嗎？ 需要注意的是，即使體積相同，每次幫浦送也不會帶走相同的氣體，因為每次幫浦送後氣體會變稀。 每次幫浦滿時，要求氣缸內的壓力等於容器內的壓力。

考慮到中間的任何抽氣過程，當抽氣充滿時，抽氣缸還沒有被拉出，此時，因為兩側的壓力應該相等，實際上氣體的體積變成了原來的11 10倍，壓力變成了10 11顯然，每次幫浦送前後的壓力變為原來的10 1110次後，為（10 11）10

答： 你的答案有乙個問題。 相差10倍。

不知道你是不是讀錯了答案。

答：一抽的壓力變成原來的 10 11。 抽到原來的十次方（10 11）的十次方，應該是。

1、均勻加速時間最長。 當F的轉速能達到8000N時，轉速一直都是均勻的，但是由於轉速的增加，發動機使用的功率也在增加，當功率達到額定功率時，轉速還是增加的，但不是均勻的加速度，即轉速大於一定值後， 由於功率的限制，F不能再維持8000N...

所以，p = f max * v1，加速度為 2 v1 的加速度運動的最終速度 = 10m s，所以，v = at，所以，t = 5 秒。

2.額定功率下的距離問題由動能定理認為是可以完成的。

當汽車再以額定功率行駛20秒時，發動機工藝w=pt=80000*20=1600000j

發動機所做的功轉化為汽車動能的增加和克服摩擦力所做的功，即 w=e 增加 + f=m（v2） 2-m（v1） 2 2+

該解決方案產生 s=325m

（1）t=vmax/a=10 s

2） f = f 總計 - f = f 總計。

F 總計 = 8000 N，此時 v = at = 6m sp = f 總計 * v = 48000 W

可達到的最大速度為V1，P=V1*F，V1=P F=12m SWtotal=P*T=960000 J=Fs

根據運動合成和分解的獨立原理，兩個盒子在垂直方向上都處於自由落體狀態！ 由於間隔秒，框 A 和 B 不可能在同一水平上;

在水平方向上，由於兩個箱體受到相同的風力，並且風向與初始速度方向相反，因此兩個箱體在水平方向上以均勻的減速速度直線運動，減速的加速度相同。 框 A 首先釋放水平初始速度 v。 後A箱的水平速度小於V。

而盒子 B 的水平速度為 V。 箱子 A 位於箱子 B 的底部。 之後，AB繼續以相同的加速度減速，A的水平速度總是小於B，所以AB之間的距離越來越大！

答案肯定是 c

我認為答案更合理。

從標題可以看出，物體釋放時，受到四種力的影響，垂直重力向下，空氣阻力向上; 在水平方向上，風和空氣阻力都在左邊。 因為題目只討論水平方向，根據運動的獨立性，所以只考慮水平方向的加速度，從問題中可以看出，水平加速度一定是與速度方向相反的，所以列出運動方程（位移-時間），然後減去兩個位移就是相對於另乙個位移， 可以看到 2 個物體相對於 1 個物體的位移在不斷減小，不知道是否合理

選擇C，沒錯。

設水平方向的加速度為-a，飛行器的速度為v，則當第二個箱正好離開平面時，第乙個箱的速度變為v'=，箱二的水平移動距離 S2 = VT-1 2at 2，（表示平方公頃），箱一的水平移動距離 S1 = V't-1 2at 2=（，（當然，盒子在開始時有乙個水平位移，但這不影響解。 然後 s2-s1= ，將隨著時間的推移而增加。

逆風飛行時，Box 1 因風而水平減速，Box 2 進一步減速。

靜止時，上：下 = 6：10

運動時，上：下 = 1：2 = 5：10

可以看出，上面的“打火機”=頂部彈簧的“頂力”變小了=箱體在做向上加速的遠端資訊處理。

分類討論的想法非常重要。

順序：物體的質量m，引力向下，是g。 上頂板施加在物體上的力是向下的，即 t=6。 彈簧施加在物體上的力是向上的，即 f=10。

靜止時，t + g = f， 6 + g = 10， g = 4 （N）， m = g g = 4 10 =

假設：如果物體隨著加速度向下移動，則 t + g > f。

g不變，f不變（如果彈簧長度不變，f不變）t變大。

t f > 6 10 永遠不可能。

這個假設是不正確的。

假設：如果物體以加速的速度向上移動，則 t + g < f。

g 不變，f 不變（如果彈簧縮短，物體將從上表面移除，因此 t = 0 和 t f = 0。 所以彈簧不會縮短）

t 變小。 t/f = ,t/10 =

t=5 假設為真。

加速度為 AA = F（合力） M

f - t - g）/

公尺/秒平方）。

綜上所述：物體以公尺/秒平方的均勻加速度沿直線運動，加速度方向為向上。

要解決這個問題，首先要明確一點：彈簧中的彈性力總是一樣的。 原因是上下頂板的感測器一直有乙個指示燈，表示金屬塊和彈簧一直在上下頂板上，間接指示金屬塊和彈簧的位置一直沒有變化，所以彈簧的長度保持不變， 並且彈性力保持不變。

而且，由於上頂板僅受彈簧彈性力的影響，因此可以得出結論，彈簧彈性力為6N。

假設盒子向下移動（或向上減速），金屬塊具有向下的加速度。 此時，部分（或全部）重力產生金屬塊的加速度（所謂的“失重”），結果，下層頂板上的壓力減小到小於 10n;上頂板的壓力一直是彈簧彈性力，為6N，所以不可能說“上頂板感測器的指標是下頂板感測器數的一半”，假設是站不住腳的。

既然不能是向下加速度，就必須是向上的加速度，相應的力只能由下層頂板產生。 上頂板的壓力始終為6N，可以得出結論，下頂板的壓力為12N，多出的2N就是加速度對應的力。 a=f m=2由f=馬得到，即箱體做向上勻速加速度直線運動或向下勻減減速直線運動，加速度為5m s2。

有圖片嗎？？我不太明白這個話題。