關於動量的兩個問題，關於動量的問題

1.汽車不會繼續向右移動，但在平衡位置會左右擺動。 因為當乙個人向左拉動錘子時，錘子向左有動量，根據動量，汽車會向右移動; 當乙個人用錘子向右擊打汽車時，錘子向右有動量，同樣，汽車會向左移動並返回原來的位置。 然後這個人不斷重複上述過程，汽車不停地左右搖晃。

其次，這就像乙個人穿著溜冰鞋，推著一堵堅固的牆。 人對牆壁施加力 f，同時將牆的正確反作用力 – f 施加到人身上。 對人的力分析表明，人只受到牆壁的反作用力f，因此人向相反的方向移動。

而這個系統不滿足動量守恆的條件，因為無論是乙個人的系統，還是當人和牆是乙個系統時，他們身上的合力不是零，而是f（當人和牆是乙個系統時：系統受到地面並面向牆壁的唯一外力 - f）。 動量守恆要求系統上的淨外力為零，因此第二個問題不是動量守恆。

我想我能弄清楚。

1. 不可以。 用大錘敲擊時，動作時間短（i=ft），物體獲得的衝量小，使物體的動量變化較小。

所以平板只會左右搖擺，不會向右移動......

2.保護。 動量守恆定律適用於系統不受外力（或系統在某個方向上不受外力的影響）。

當人們離開彼此時，這兩個人的系統不受外力的影響，所以它是守恆的......

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問題描述：一輛小車放在光滑的非水平表面上的長度為l，質量等於m將乙個人站在汽車的一端，人的質量等於m，人和汽車在開始時都保持靜止。 當乙個人從汽車的一端走到汽車的另一端時，汽車後退的距離是。

分析：人的速度是v1，汽車的速度是v2，由動量守恆。

mv2=mv1

v1=mv2/m

由於動量守恆定律計算出的速度是人相對於汽車的速度，因此人相對於地面的速度 v=v1+v2=mv2 m+v2

因此，當乙個人走到汽車的另一端時，需要的總時間t=l v=ml（mv2+mv2），因此汽車向後的距離=v2*t=ml（m+m）被選為a

WF是摩擦的功，即產生的熱量。 能量是守恆的，所以初始動能減去最後的動能就是摩擦功。 而最終的動能由兩部分組成，第一部分是木板的動能，是1 2mv1，另一部分是滑塊的動能，是1 2m（1 3v0），所以這兩部分都要減去。

所以這不是加分項。

解決方案：取小車的位置。

bai 是重力勢能。

Du 勢能為零的位置，則將行李袋剛好落在 DAO 手推車上的速度設定為 v，根部根據能量守恆進行賦能

1 2mv0 +mgh = 1 2mv 代入已知量，可以得到：

v=4m/s

1）根據動量定理，當行李袋和汽車保持相對靜止時，讓汽車的速度為V1

mv=（m+m）v1

代入已知量，我們可以得到：

v1=4/3m/s

2）行李袋在手推車上滑動過程中所受的摩擦力為：

f=μmg=

行李袋在手推車上的滑動過程的加速度為：

a=f/m=80/20=4m/s

如果汽車相對於汽車從行李袋到小車道靜止不動所需的時間是 t，那麼有：

at=v-v1

代入已知量，我們可以得到：

t=2/3s

能量守恆 1 2mv2+mgh 1 2v2 得到 v=4m s2 動量守恆 mv=（m+m）v 得到 v=4 3m s a mg m=4m s2

t=(v-v)/a=2/3s

動量守恆。 由於碰撞後兩者的動量相等，總量為mv，所以碰撞後物體m的速度是，即碰撞後物體m的動量是，所以v是碰撞後物體m的速度。

V=mV 2m 可得

而且由於碰撞可能會造成能量損失，因此存在根據能量守恆定律。

損失的能量 e=

我們知道，如果碰撞後兩者粘在一起，也就是說，當兩者的速度相同時，這種碰撞稱為完全非彈性碰撞，並且副滲透鏈損失的能量最大，那麼根據動量就存在守恆。

mv= 可以得到 m=

計算結果為 e=

因此，有云孫，即 m m 2

當子彈射入M1時，動作時間極短，M和M1速度相同，動量守恆，彈簧壓縮，M2加速，當M1和M2速度相同時，彈簧被壓縮到最短，彈簧開始伸長，M2仍然加速，當彈簧伸長到原來的長度時， M2 速度增加到最大值。

1] m 瞬間射入 m1 並在動量守恆的情況下達到相同的速度 v1。

mvo=(m+m1)v1 ①

m、m1、m2達到相同的速度為v2，彈簧壓縮的最大長度為x，這個過程的動量守恆：（m+m1）v1=（m+m1+m2）v2

系統能量守恆：（m+m1）v1 = （m+m1+m2）v2 + kx

公式 V1 和 V2 用 VO 表示，然後代入公式求解 X

x=mvo√[m2/k(m+m1)(m+m1+m2)]

2]當彈簧被壓縮時，當再次恢復原來的長度時，m和m1的速度為v3，m2的速度為最大v4

動量守恆：（m+m1）v1=（m+m1）v3+m2v4

能量守恆：（m+m1）v1 = （m+m1）v3 + m2v4

使用 v1 和 v3 表示 v1 和 v3：v1=mvo （m+m1）; v3=(mvo-m2v4)/(m+m1)

重新替換：終於得到。

v4=2mvo （m+m1+m2） 這是最大速度，最小速度當然是 v2

子彈注射過程極短，由子彈和木塊組成的系統的動量守恆，mv0=（m1+m0）v'

由m1m0和m2組成的系統在光滑的水平面上運動，三者組成的系統的動量是平衡的，當三者的速度相同時，彈簧的壓縮長度最大（m1+m0）v'=(m1+m0+m2)v''，在此過程中損失的動能轉化為彈性勢能，（1 2）kx 2=（1 2）（m1+m0）v'^2-（1/2）(m1+m0+m2)v''2、x為彈簧的最大壓縮長度。 塊 m2 相對於地面的最小速度為 0，動量在最大速度 （m1+m0）v 時守恆'=(m1+m0)v1+m2v2, （1/2）(m1+m0)v'2=（1 2）（m1+m0）v1 2+（1 2）m2v2 2、同時解v2為最大速度。

第乙個問題：從問題的意思可以看出，碰撞後，木塊1和子彈以相同的速度道推動彈簧，彈簧推動木塊2的版本不考慮彈簧的質量。 而。

當木塊 1 和木塊 2 具有相同的速度時，彈簧壓縮到最短。

動量守恆 MVO=（M+M1+M2）V1

能量守恆 1 2MVO = 1 2 （m+m1+m2）v1 +1 2kx x 是它的最大壓縮率。

問題 2：動量守恆。

首先計算錘子剛落下5公尺（接觸前）時的速度v1，由v1 2=2gh得到。

V1 根數 （2GH） 根數 （2*10*5） 10 ms 下降時間 T1 由 V1 G*T1 獲得。

T1 V1 G 10 10 1 秒

然後計算剛好觸控時的向上速度v2，由v2 2 2gh得到。

V2 根數 （2GH） 根數 （2*10* m s 向上運動時間 t2 由 v2 g*t2 獲得。

T2 V2 G 2 10 秒。

所以錘子與頭盔的碰撞時間是t3=t，總共t1 t2秒。

在碰撞過程中，採用動量定理，以垂直向上方向為正方向。

f－mg)*t3＝mv2－（－mv1）

銀的平均衝量為 f [（mv1 mv2） t3 ] mg

即 f [ 4*10+4*2） ] 4*10 520 N。

我計算的答案似乎和你的不一樣。

1 滑塊和小車的初始狀態被擊敗並恢復到靜止速度：0（普通速度）沒關係。

2 在狀態結束時滑塊相對於汽車靜止：最後它返回 B 相對於汽車靜止（公共速度），關鍵是速度為什麼為 0

因為一開始，由小車、彈簧和球組成的系統相對於水平面是靜止的，以水平面為參照，系統動量p1=0

設最終系統速度為v，系統在水平方向上不會受到外力作用，因此動量在水平方向上守恆。

p1=p2=（m+m)v=0

最終狀態的速度為 v=0

因此，兩者處於相同的速度，速度為 0

動量守恆是因為前兩個球處於靜止狀態，總動量為0，所以帶挖的總動量在任何時候都是0，所以大球的動量與小傻瓜的方向相反。

設球的速度為 v'大球散落為v

mv'=-2mv

因此，位移 s=vt。

mv't=-2mvt

ms1=-2ms2

因此 s1 s2=-2

小球相對於大球運動，所以 s1-s2=r，因此 s2=r 3

房東給點辛苦。