物理問題解決， 高中水平， 高中物理問題， 解決

有很多事情需要考慮。 從宇宙學的角度來看，我忍不住了。 但按照高中的水平要求，還是可以回答的：（不過這不太像高中題，有點難）。

我可以幫你簡化這個問題的含義：m 是靜止的，m 是勻速直線運動並與 m 碰撞，最後 m 和 m 相加做勻速直線運動。

讓我們開始解決問題：

1）動量守恆：mv1 = （m+m）v2. v2=m/（m+m）v1

2）摩擦力是一種恆定的力，與m（地球的平衡球）成正比。這顆小行星相對於地球很小（忽略正面阻力，只計算摩擦力）。 V1 是小行星初始速度的固定值。

3）小行星動量：f Mo t = （v1-v2） m = mm （m + m） v1（f 和 v1 為正態數）。

4） 為簡化起見，將常數部分設定為。

5）設m m最初為a，因此簡化為：t=b（a+1）（b為常數）。

6） 如果這個問題變成 1 （A+1） 並增加 29%，A 需要如何改變。

看完英文原文後，我意識到自己誤會了。

如果只改變小行星的質量（其他距離，初始相對速度，不變），前提是小行星相對於地球非常小（小行星是乙個質量點），那麼小行星加速度（a=gm d，m是地球的質量，d是距離））變化規律和以前一樣，那麼碰撞時間應該不會改變！

運動的微分方程為：d r dt = gm r

小行星到達地球所需的時間是否僅與小行星的初始速度、與地球的初始距離有關，它與小行星的質量有什麼關係？

如果有英語，是不是國際物理奧林匹克題，雖然我有想法，但我需要用高等數學。

我不明白這個擴充套件 29% 據說是灑的。

1.這個問題應該以平均速度完成。 設 b 點的瞬時速度為 v，由於兩個運動階段是勻速可變的直線運動，因此 v 2 是兩段的平均速度。

然後 t1：t2=2：3 和 t1+t2=10s，我們得到 t1=4s 和 t2=6s 得到 v=2m s。

所以 a1=， a2=

2.先加速後減速，所以最大速度是a的變化。 仍然以平均速度進行。

設最大速度為 v，可以得到方程 （v 2）*（v a1）+（v 2）*（v a2）=s，並且 v = 在根數 [（2a1a2s） （a1+a2）] 下。

3.前 3s 位移是，很容易計算出 a=1m s，最後 3s 位移是，那麼我們可以將結束速度設定為 v，我們可以得到最終速度 v=8m s

所以 s=v （2a）=32m

1.首先，我只知道物體行進距離的大小，10m，平均速度不錯，1m s

因此，最大速度必須為2m s，也可以判斷斜面時間為4s，水平面時間為6s（平均速度知道，這很容易找到）加速度不是很容易找到嗎？

斜面 a1 = 2 4 = 1 2 水平面 a2 = 2 6 = 1 3

2.這個與上面的相似，但不同。

我們知道靜止均勻加速度運動的位移公式為 s=（1 2）a*t 2=（1 2）v 2 a

這個 v 是最大速度（或速度變化）。

因此 （1 2）v 2 a1 + （1 2） v 2） a2=s

v^2=2s/(1/a1+1/a2)=2s*a1*a2/(a1+a2)

只需開啟根號碼即可。

第三個問題是加速度很容易找到：1 2*a*t 2=s a=1m s

平均速度為：

3*（0+v1） 2+3*（v2+v3） 2 16=0+v1+v2+v3=2v4（v4為最高速度，即v3，大家可以理解）v4=8

斜面長度為8*8*

1-a1t1 2=4 （1）第一運動公式21-a2t2 2=6 （2）第二運動公式2a1t1=a2t2 （3）第一段的最終速度等於第二段的初始速度。

三個未知數，三個方程式

贊成使用圖表的方法，它更直觀。

第二個問題的關鍵是t，即將第一段的時間和第二段的時間設定為t1 t2，最大速度v

t1=v/a1 (1)t2=v/a2 (2)1 1

a1t1^2+ -a2t2^2=s (3)2 2

三個未知數，三個方程式以同樣的方式解決。 問題 3.

第乙個問題很容易通過簡單地繪製 VT 圖來解決......口語算術還可以：a1 = 1 2m s 2，a2 = 1 3m s 2。

第二個問題也可以是乙個簡單的圖表，根據每個段的平均速度和時間，v = （2a1a2s） （a1+a2）。

第三個問題，我覺得最簡單的方法是遵循初始速度為零的勻速加速運動的位移規律，即1：3：5：7：9：11：13：15，很簡單，看出距離是32m需要8秒。

1,a1=1/2;a2=1/3;

2，v= [2a1a2s （a1+a2）] （開根數）。

3、物體移動時間8秒，長度32公尺。

停止踩踏後，由動能定理知。

從等式中可以看出，影象是一條拋物線，向上穿過原點的開口，因為v大於0，所以它是右半部分，就完成了。

電阻做負功，使速度從 v 變為 0

動能定理給出 -w=0-mv 2 2

即 w=mv22

w 和 v 是向上開口的二次函式。

所以選擇C，不明白，可以問

其實自行車在運動過程中也會受到滑動摩擦，但是距離很短，減速的初始速度越大，自行車的滑動摩擦功距離就越長，滑動摩擦力也遠大於滾動f，所以隨著速度的增加， 摩擦功也越來越大，圖線的斜率越大，選擇C，希望對你有用。

應該是考慮到空氣阻力的影響，如果阻力是恆定的，那麼應該是圖B fv=p。

現在空氣阻力隨著速度的降低而減小，例如與 f=bv 成正比，其中 b 是乙個常數。 然後 p=bv 2，即圖 C。

實際情況當然比 f=bv 複雜，但情況可能就是這樣。

選擇 B。 你看這個網頁已經厭倦了，如果你不明白，我會給你乙個答案。

兩個小球A和B，可以看作是粒子，由一根質量可以忽略不計的剛性細棒連線起來，放置在光滑的半球面上，如圖所示，球A和B的質量之比已知為sqrt，細棒的長度是球面半徑的平方倍。

高中物理。 Jingyou.com。

物體受自身重力和空氣阻力的影響，重力g方向始終向下，阻力f方向與運動方向相反。 開始時，物體向上移動，重力和阻力均向下，合力為f+g。 下落時阻力向上，合力為g-f。

可以看出，上公升時加速度比較大，b對。 從 h=at 2 2 可以看出，當 h 常數時，a 大，t 小，所以上公升時間小於下降時間，a 是錯誤的。 由於物體從投擲開始到返回原位不做功，引力不做功，阻力做負功，所以動能減小，落到原位的速度v2小於丟擲時的速度v0。

如果上公升過程中的時間為t1，下降過程中的時間為t2，則上公升階段的平均速度為v0 t1

下降階段的平均速度為 v2 t2

而且因為 v0>v2

T1 清楚地表明，上公升時的平均速度大於下降時的平均速度，C 是對的，D 是錯的。

綜上所述，答案是BC

1）剛好通過C點，有牛頓第二定律：f = MV2 r，f = mg，所以vc = 1m s;根據機械能守恆定律，我們得到：1 2MVB2=1 2MVC2+mGH，H=2R，所以：VB= 5M s

2）在賽車從A點移動到B點的過程中，發動機所做的功等於摩擦力所做的功加上汽車到B點的動能，根據能量守恆定律，我們得到：pt-fl=1 2MVB2，p=。希望！

從動能定理可以看出，合力作用所做的功等於動能變化的量。

pt-fs=1 2mV 2 V 為 VB

在 A 到 B 的過程中，電阻起作用：

wf=f*l=2j

動能定理：pt-wf=mv*v 2-0

引入資料，獲取資料。 p=

根據動能定理，將 pt-fl=1 2m（vb） 2-0 代入資料以求解 p=

設軌道與PQ的夾角為a，37度弧度寫為b，L1=，P到斜面的距離為L2=L1*cos（b）。 軌道長度為l3=l2 cos（b-a），加速度為a=g*cos（a）時間 t=sqrt（2*l3 a）=sqrt（2*l1*cos（b） （g*cos（b-a）*cos（a）））sqrt（2*l1*cos（b） （g*so 當 b-2a=0 時，時間最小：

t=sqrt(2*b

b 下降角為未知量，求時間公式，簡化三角函式。

使用動量定理，假設有乙個相互作用的平均恆定力，然後使用均勻加速度的位移公式求位移彼此成比例，詳見圖。

x 總計 = r

它可以由a = f m，乙個汽車水平，：乙個球水平=m個汽車部分1：m個球第1部分，x=（1 2）在2，x汽車x球=（1 2）（1 m汽車）：1 2）（1 m球）。

x 總計 = x 車 + x 球。

X車和X球可以分開解決。