設 f x 是 R 的加函式，因此 F x） f x f 2 x 如果 F x F y F x F y ， F 1 3

f(1+1)=f(1)+f(1)=6

f(2)=6

所以 6 可以用 f（2） 代替。

f（x）+f（x-2）=f[x（x-2）]; f（x）+f（x-2）>6 可以轉換為：

f[x(x-2)]>f(2) ①

下面試圖證明 f（x） 是乙個遞增函式;

f '(x)=f '(x)-[f '(2-x)]*1)=f '(x)+f ‘(2-x)

因為 f（x） 是乙個遞增函式，所以。

f '(x)>0; f ’(2-x)>0

所以f'(x)>0

所以函式 f（x） 是 r 上的遞增函式，方程等價於：

x(x-2)>2

x²-2x-2>0

x-1)²>3

x-1>√3;或者 X-1<-3

x>1+√3 ;或者 X-1<-3

因此，x 滿足 f（x）+f（x-2）>6 的值範圍為：

因為 f（x+y） = f（x）+f（y）。

所以 f（x）+f（x-2）=f（2x-2），所以不等式是 f（2x-2）>6

因為 f（4） = f（2+2） = f（2） + f（2） = 3+3 = 6，所以不等式是 f（2x-2） > f（4）。

因為 f（x） 是乙個遞增函式。

所以 2x-2>4

所以 2x>6

x>3

還是不對，否則 f（1） 應該等於 0，你是不是把 f 和 f 混淆了？

（1）證明：

那麼，以 baix1>x2 為例。

f(x1)-f(x2)=f(x1)-f(2-x1)-f(x2)+f(2-x2)=[f(x1)-f(x2)]+f(2-x2)-f(2-x1)]

x1>x2

2-x2>2-x1

同樣，f（x） 是乙個實數。

關於zhi增量函式的DAO

f(x1)>f(x2), f(x1)-f(x2)>0f(2-x2)>f(2-x1),f(2-x2)-f(2-x1)>0∴f(x1)-f(x2)>0

即 f（x1） > f（x2）。

f（x） 是 r 上的增量函式。

2） 證明：f（x） = f（x）-f（2-x）。

f(1)=f(1)-f(1)=0

f（x） 是 r 上的增量函式。

f(x1)+f(x2)＞0=f(1)

如果 x1 或 x2 中至少有乙個大於 1，您可能希望設定 x1>1（否則為 f（x1）+f（x2）0）。

即 f（x2）>0=f（1）。

x2>1

x1+x2>2

（1）證明：

因為：f（x） 是乙個增量函式。

所以：f（-x） 是乙個減法函式。

因此：f（2-x） 也是乙個減法函式。

那麼：-f（2-x） 是增量函式。

那麼：f（x） 是增量函式。

我要問的第乙個問題是：f（x）是乙個遞增函式，2-x是乙個遞減函式，所以f（2-x）是乙個遞減函式，所以它是-f（2-x）的遞增函式，所以f（x）是乙個遞增函式。

增加是一樣的，區別是不同的！

解：取 x1>x2 在 f（x） 的定義域上; 則 f（x1）-f（x2）=

f(1-x1)-f(3+x1)-[f(1-x2)-f(3+x2)]=f(1-x1)-f(1-x2)+f(3+x2)-f(3+x1).

因為我們知道 f（x） 是 r 上的增量函式，並且取 3+x2<3+x1,1-x1<1-x2（因為 x1>x2）被取

所以 f（1-x1）-f（1-x2）<0 和 f（3+x2）-f（3+x1）<0

所以 f（x1）-f（x2）=f（1-x1）-f（1-x2）+f（3+x2）-f（3+x1）<0

即 f（x） 是 r 的遞減函式。

fx 是乙個增量函式。

則當x增加時，f（1-x）逐漸減小，因此f（1-x）是乙個減法函式。

那麼 f（x）=f（1-x）+3 是乙個減法函式，希望能幫到你！！

f（x） 是 r 的遞增函式，然後是它的導數 f'（x） 0，f（x） 的導數得到 f' (x)=f '(1-x)-f '(3+x)＝－f '(x)－f '(x)＝-2f '(x)＜0

所以 f（x） 是乙個減法函式。

從標題可以看出，f（x）是r上的遞增函式，f（1-x）是r上的遞減函式，f（3+x）是r上的遞增函式。

（1） 套裝 x1 > x2

f(x1)-f(x2)=f(x1)-f(2-x1)-[f(x2)-f(2-x2)]

f（x1）-f（x2）+[f（2-x2）-f（2-x1）] 函式 f（x） 是實數集合 r， f（x1）> f（x2）-x1<-x2， （2-x1）<（2-x2）f（2-x2）>f（2-x1） 的遞增函式。

f（x1） > f（x2），即函式 f（x） 是實數 r 集合上的遞增函式。

f（x1） + f（x2）- f（2-x1）- f（2-x2） 0，所以 f（x1）- f（2-x1） 0

f(x2)- f(2-x2)＞0

所以 f（x1） f（2-x1） f（x2） f（2-x2） 因為 f（x） 是乙個遞增函式。

所以 x1 2-x1 x2 2-x2

所以 x1 1 x2 1

所以 x1+x2 > 2

如何在計算機上鍵入非垂直。

f（x） 增加。

然後 x1-x2

1-x1>1-x2

所以 f（1-x1）-f（1-x2）>0

x10，所以 f（1-x1）-f（1+x1）-f（1-x2）+f（1+x2）>0

即 x1f （x2）。

所以選擇b是乙個減法函式

設 x1 x2 然後 1-x1 1-x2 1+x1 1+x2

所以 f（1-x1） f（1-x2） f（1+x1） f（1+x2）。

f(x1)-f(x2)=f(1-x1)-f(1+x1)-f(1-x2)+f(1+x2)

f(1-x1)-f(1-x2)]+f(1+x2)-f(1+x1)]＜0

所以 f（x1）-f（x2） 0

所以 f（x） 是 r 上的減法函式

f（x） 增加，f（1-x） 減少。 f（1+x） 在增加，所以 -f（1+x） 在減少，兩個減法函式一起在減少。

f（x）=f（x）-f（2-x），所以有f（2-x）=-f（x）+f（2-x）=-f（x），所以f（x1）+f（x2）=f（x1）-f（2-x2）>0

有 f（x1）>答案是 f（2-x2），單調性有 x1+x2>2

f(x/y)=f(x)-f(y）

所以 f（1）=f（1 1）=f（1）-f（1）=0，所以 f（6）=f（36 6）=f（36）-f（6），所以 f（36）=2f（6）=2

f（x+5）-f（1 x）=f[（x+5） （1 兄弟彎 x）]=f[（x+5）x]。

所以 f（x+5）-f（1 x）<2 變為。

f[（x+5）x]0 並談論灰塵 1 x>0

即 x>0

所以範圍是 0

楊與領頭巧凡知道了快樂的答案，裴鍵喊道：f（1 1）=f（1）-f（1），f（1）=，f（36）=2，x 2+5x<36，x （-9,4）。

（1） 設 x=y=1，則 f（1）=f（1）-f（1）=0 設 x=1，則 f（1 y）=f（1）-f（y）=-f（y） =>f（1 y）=-f（y）。

則 f（xy） = f（x （1 y）） = f（x）-f（1 y） = f（x） + f（y）。

認證。 #2)∵f(2)=1

從 （1）： f（4） = f（2） + f（2） = 2 從 f（x）-f（1 （x-3）） 2

f(x*(x-3))≤f(4)

f（x） 是在 R+ 上定義的增量函式。

x*(x-3)≤4 --

x>0 --

1/(x-3)>0 --

同時解得到： 3 因此，不等式 f（x）-f（1 （x-3）） 2 的解集為 （3,4）。

（1）證明：f（x y）=f（x）-f（y）由f（x）=f（x y）+f（y）得到（設x=ab，y=b代入（*）

f（ab）=f（ab b）+f（b）=f（a）+f（b） （然後讓 a=x，b=y 代入 （**.）

f(xy)=f(x)+f(y)

2） f（x）-f（1 （x-3））=f[x（x-3）] 2 因為 f（2）=1， f（2·2）=f（2）+f（2）=2 由於 f（x） 的單調性。

x(x-3)≤4

解決方案 x -1（四捨五入），x 4

即不等式的解為 x 4

（1）當x=y=1時，f（1 1）=f（1）-f（1）=0 f（1）=0

設 x=1，有 f（1 y）=f（1）-f（y）=-f（y）f（xy）=f[x （1 y）]=f（x）-f（1 y）=f（x）+f（y）。

2）f（x）-f（1 （x-3）） 2 x 0，x-3 0，x 3f[x （1 x-3）] 1+1=f（2）+f（2）=f（2*2）=f（4），因為 f（x） 是在 r+ 上定義的加函式，所以 x（x-3） 4 求解：-1 x 4，並且因為定義域是 r+，所以 3 x 4