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A 從中繼區前 S0 到中繼區末端的距離為 S A=20+16=36,花費的時間為 t=36 9=4s。 有兩種情況A追上B,1,B的速度還沒有達到8m s,2,B的速度已經達到8m s,顯然第二種情況B的加速度更大,就討論第二種情況吧。 當 A 趕上 B 時,B 的速度已經是 8m s,然後 B 以勻速 A B 開始,直到速度達到 8m s,然後 B 加速到 8m s 速度所需的時間 t1=8 a,然後時間 t2 過去,A 趕上 B,然後可以得到方程。
1 2AT1 2 + 8T2 = 9 (T1 + T2)-16,代入 T1 得到 32 A = 72 A + T2-16,求解 T2 = 16-40 A,並且因為接力棒在接力區,所以 T1 + T2 4,T2 4-8 A,得到 16-40 A 4-8 A,求解 8 3m s 2 A,這個問題也可以問,讓 A 和 B 跑得最快, B的加速度應該是多少,答案如下:
因為 A 和 B 一共跑了 200 公尺,而 A 比 B 快,所以為了最大限度地提高整個旅程的速度,A 需要跑盡可能多的距離。 因此,當接力棒在接力區末端達到 8m s 而 B 達到 8m s 時,A 和 B 只能以最大速度跑完整距離。
那麼,A 從中繼區 s0 的前面到中繼區的盡頭的距離為 s A = 20 + 16 = 36,所用時間為 t = 36 9 = 4s。
B以恆定加速度開始,直到速度達到8m s,然後可以得到B加速到8m s速度t1=8 a所花費的時間,可以得到B以8m s的速度跑到中繼區盡頭時的時間t2=4-t1。
1 2at1 2+8t2=20,代替 t1 和 t2,32 a+32-64 a=20,a=8 3m s 2
答案是一樣的,即當B加速最大時,A和B執行最大速度。
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我覺得這個標題有點奇怪,而且表達得不是很好。
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問題的含義是:A在9m s處追B,當A落後B16m時B開始奔跑,當B被問到加速度多少不超過多少時,A可以在20m內追上B。
解:直接分析B加速度最大的情況,即A剛好在20m處趕上B。
A 執行的時間是 (16+20) 9 = 4s=t,所以 B 在 4 秒內跑到 20m 的位置,1 2at 平方 = 20 求解 a=
即最大值為。
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到達輸送帶的時間必須大於從P到Q的時間,即垂直輸送帶垂直時管道最短,因為沿其他斜面向下滑動到達圓周的時間相等,可以推斷出如果P是圓心,Pq是圓的直徑, 則任何 C 都必須在圓圈之外,並且時間必須長於 Q。
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這意味著切線點在Q點,從P點到Q點的距離最短,從P點到傳送帶上除Q點以外的其他點的距離較長。
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1.壓力與力面積之比,PA,悄然點燃,叫大奇凱。
2.增大應力面積,減小,90000
4.段昌,B的密度為1000kg m 3未知詢問。
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垂直作用在單位面積上的壓力,pana很大。
除顫可減少大接觸面積。
當壓力相等於茄子的數量時,B的深度較大。
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bqv=mω^/r=mv^2/r
r=mv/bq
1)可飛出AB邊界,Rmax(1+CoS30°)=1+CoS30°)MV BQ=D
V 掩碼缺陷 = 2BQD (2+ crypt3) m
2) 垂直 CD 邊界彈出 d = rcos30° = MVCOS30° bq = 3mv 2bq
v=2√3bqd/3m
uq=1/2*mv^2
u=2b^2d^2q/3
設電場寬度l,則a=f m=eq m=uq ml=2b 2q 2d 2 3ml
t=v a=(2 3bqd 3m) (2b 2q 2d 2 3ml)= 燒焦的 3L BQD
3)v=√3v=2bqd/m
r=mv/bq=m(2bqd/m)/bq=2d
s=2√([r^2-(r-d)^2]=2√[4d^2-d^2]=2√3d
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首先是均勻加速度,公式 s=vot+1 2at 2(vo=0),則 s=1 2at 2,時間 2s 帶入公式:2s 的距離 s=2a,總距離為 4a,
總距離 4a 引入公式:t = 8(根數 8)。
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B車趕上A車,即B車和A車的距離相同,時間相同,時間設定為t
s A = vt = 14t = s B = 1 2at = 1 2 2 t , 變形, t 14t = 0, 解方程 t1 = 0 (四捨五入), t2 = 14s
v B = at=2 14 = 28m 秒
B車和A車之間的距離最大,只要B車在A車後面,那麼兩輛車之間的距離就變大了,只要B車的速度超過A車,那麼兩輛車之間的距離就變小了,當兩輛車的速度相同時, 兩輛車之間的距離最大值,v B = v A = 14m s,t = v A = 14 2 = 7s
s 差 = s A B = vt 1 2st = 14 7 1 2 2 7 = 49m
高度 = 總高度下降距離 = 100 1 2gt = 100 1 2 10 4 = 20m
V 端 = V0 + AT,24 = 20 + 2A,A = 2M s
s=v0t+1/2at²=20×2+1/2×2×2²=44m
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這個問題缺少乙個條件:沒有給出AB導體棒的質量。
1)當導體棒AB勻速向右移動時,切斷磁力線,產生感應電動勢EE BVL
根據整個電路的歐姆定律 i e (r+r) 可以看出。
i=e/(r+r)=2/(3+1)=
根據歐姆定律可以看出,你是部分電路。
u IR 所以AB端的電位差(AB相當於直流電源,AB端的電位差是電源兩端的電壓)是。
2)pm之間的電位差是電源兩端的電壓。
3) 磁場力公式 f bil
導體棒以勻速移動。
所以AB導體棒上的拉力也是。
4)如果外力被移除,金屬棒將根據動能定理在安培力(6)的作用下做出加速度逐漸減小的減速運動。
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e=blv= v,i=e rtotal=2 4= a; uab=ir= v;
ump=ir=
由於AB的勻速運動,AB的力是平衡的; (右手定則可用於確定從 A 到 B 的 ab 電流方向)。
即 f outside = f a = bil = n
如果去除外力,加速度會逐漸減小。
在我看來,這個問題 q = w 電 = w kean = 動能變化 = 1 2 * m * v 2,但沒有 m。 你看看有沒有辦法要求質量,如果沒有,......
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賞金,積分呢? 如果你不能爭取其他建築,就不要選擇我,呵呵。
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4.可選交流對。
只有當通過線框的磁通量發生變化時,線框迴路才會有感應電流,A是對的,B是錯的; 在感應電流的過程中,是機械能轉化為電能,C是對的(如果你調查語法問題:還有電能轉化為內能,而且是晚了,那麼你就不需要C了),D是錯的。
5. D對。 最好用楞次定律來分析。 從圖中較小的迴路開始,磁通量增加,感應電流的磁場應阻礙磁通量的增加,ob應逆圓順時針移動(應減小迴路面積以阻礙磁通量的增加); 在較大的迴路中也可以看到,磁通量減小,感應電流的磁場應阻礙該磁通量的減小,ob應逆時針移動(通過增加迴路面積來阻礙磁通量的減小)。
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1.解:設通過窗戶上邊緣的速度為v0,通過窗戶的時間為t=,窗戶的高度為h1=2m,則。
通過視窗下邊緣的速度為 vt=v0+g*t=v0+10*,所以 h1=(v0+vt)*t 2=(v0+v0+4)*,我們得到 v0=3
物體開始下落時從窗戶上邊緣的高度 h=v0 2 2g=2,解:設落球之間的間隔為 t,那麼。
1 2g(10t) 2=125 解,t=設第三個球的速度為v3,第五個球的速度為v5,則。
v3=v0+g(2t)=0+10*(2*
v5=v0+g(4t)=0+10*(4*
第3個球和第5個球相隔s=(v3+v5)*(2t)2=15m
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"2=2 得到 v=4m s
因為 v=at2 所以 t2=
所以 x=1 2at2"2=
2=x 替換 1 2*10*t"2=125 t=5st2=t/1o=
x3=1/2at3"2=1/2*10*"2=x5=1/2at5"2=1/2*10*"2=x=x3-x5=
自己數最後幾個數! 如果你身邊沒有筆和紙,你就無法進行數學運算!
2 代表正方形。
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1:將最高速度設定為v; 然後是 vt+1 2*gt 2=4 得到 v,v 2=2gs 得到 s 2:第乙個球落下時間 t; 1 2gt 2=125 得到 t,則時間間隔為 t 10,第三個球的下落距離為 1 2g*8 2(|第五個球的距離為1 2g*6 2(2)兩個球之間的距離是上面兩個公式的減法。
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1.窗戶的上邊緣,從加速度距離公式來看,上邊緣v=每秒3公尺。 第二。 距離公式 2 再次,x = 公尺。
球原本沒有動能。 在拋球過程中,人對球有很強的作用,使球向f方向位移,即人對球做了功。 根據動能定理,乙個人在投球時在球上所做的功等於球獲得的動能。 >>>More
看不出傾向是什麼,所以。
設傾角為,重力加速度為g,初始速度v0將物體拋平,物體在時間t處落到山坡上。 >>>More