乙個更高層次的位移物理問題，乙個關於位移的更高層次的物理問題，

設加速度為一公尺秒 2，則 t 秒結束時的速度為公尺秒。

1).3a） 2-（2a） 2=2as 其中 s=15 m 溶液得到 a=6 m 秒 2

所以第 6 秒的位移 = [（6a） 2-（5a） 2] 2a = 33 m2） 前 6 秒的位移 = 1 2 2 = 108 m。

3） 由 （1）， a = 6 m 秒 2

4） v 2=2as，其中 s=12m 被發現 v=12m 秒。

1：首先求出第5秒末尾的速度和第6秒末尾的速度，使用公式3（詳見步驟3求加速度）。

2：根據初始速度為0，最後速度為6秒結束時的速度（找到第乙個問題），採用公式3。

3：公式3變形：a=（vt2-v02）2s，代入公式中的vt=v0+at，其中v0=0（因為乙個粒子從靜止開始做勻速加速度直線運動，初始速度為0），可以得到乙個。

4：或者公式三：vt2-v02=2as，在公式中替換vt=v0+at，其中v0=0，就變成at2=2s，引入s=12，加上剛才計算的加速度，你就知道t 然後用公式一：

vt=v0+at，你知道速度。

這種題目可以通過畫圖來完成，也可以用老師給你的公式來做，既然你已經寫好了公式，那就用公式來解釋（v0=0）。

1） 第 6 秒是粒子在第 5 秒和第 6 秒之間的位移。

有條件地引入第二個公式，我們可以看到 a=6， s=1 2*a（6 2-5 2）=33;

2）前6秒的位移s=1 2*a*6 2=1083）a=64）通過第三個公式引入資料，可以得到vt=12

只要記住乙個比例公式：第n秒的位移，只要時間均勻分布，總是遵循1：3：

11...這樣的規律性。 那麼在第乙個問題中，第三秒的位移是15m，那麼對應的第六秒是33m

2。根據第二個公式，v0t 為 0，不能計數。 其結果是 ：108 公尺。

3。用我給你的比例公式，前三秒的位移是3+9+15=27公尺，根據第二個公式，我們得到乙個=6（單位很難打）。

4。根據第三個公式，初始速度 v0 為 0，可以忽略：代數，得到 12（單位）。

表達能力差...

粒子在第三秒的位移可以通過從 3s 結束時的位移中減去 2s 結束時的位移來獲得

1 2*A*3 2-1 2*A*2 2=15 解：A=6M S 2

1） 第六秒位移 s1 = 1 2 * 6 * 6 2-1 2 * 6 * 5 2 = 33m

2） 前六秒位移 s2 = 1 2 * 6 * 6 2 = 108m3） 加速度 a = 6 m s 2

4) vt²-v0²=2as=2*6*12=144vo=0vt=12m/s

1） 33m s1 = 1 2 * 6 * 6 2-1 2 * 6 * 5 2 = 33 m2） 108m s2 = 1 2 * 6 * 6 2 = 108 m3） 加速度為每兩秒 6 公尺。

4） 每秒 12 公尺 vt -v0 =2as=2*6*12=144vo=0vt=12m s

從靜止狀態開始，直線運動均勻加速，每秒行進距離的比例為1：3：5：7。

非常有用。

先求加速度，因為前2s的結束速度是3s的初始速度，所以前2s的最終速度可以通過vt=v0在2a時得到，所以從s=vot 1 2a*t 2可以得到2a a 2=15m，所以a=6m s 2，所以前5s的位移可以從s=v0 1 2a*t 2得到75m前 6 秒的位移為 108m，因此第 6 秒的位移為 33m。 從 s=v0 1 2a*t 2 開始，前 6 秒的位移為 108m。

從 s=v0 1 2a*t 2， a=6m s 2. 從 vt 2-v0 2=2as 開始，12m 的速度是 12m s！ 看。。。。

在位移方面，您可以鉸接乙個軸。 所有位移都與移動過程無關，但與起點和終點的坐標有關。 換句話說，位移是由起點和終點形成的線段！

在第乙個空隙中，粒子在一圈後返回原點，因此位移為0而不變。 距離與粒子的軌跡有關，而要計算所有的路徑，粒子的運動，即圓的周長，即圓的周長。 所以它是 2 r。

當粒子運動7/4週時，計算角度，即四分之一圓的差是兩圈，角度是45°，所以位移是根數2r，距離可以直接乘以周長的四分之七。

最大位移，在乙個圓中，兩點之間的最大距離是直徑，所以最大位移為2r。 最大路徑是圓周的四分之七。

在這種型別的問題中，所有的位移都被認為是兩點之間的線段的長度，距離被認為是粒子運動的曲線。

高中的時候，我就想過這種題目，怕自己弄不清紙上粒子的運動，也該這麼做吧！ 很快就會被理解

分析：1、位移是從起點到終點的直線距離，與實際路徑無關。 在乙個圓中，起點與終點在同一點，因此位移為 0。

2.距離是物體實際運動的軌跡，即圓周的周長是圓的周長，那麼周長是2r。

4 周，旅程的大小是 7 4 周的周長是 7 r 2

4周，位移幅度為1 4圓的弦長，起點和終點與圓心相連，可得到等腰直角三角形。 所以位移幅度 s= 2r

5.運動過程中的最大位移為2r，因為從圓上的乙個點到圓上的另乙個點的最大距離是直徑。

6.最大距離，即運動的實際軌跡，為7 r 2

如果乙個粒子從點 A 繞半徑為 r 的圓移動一次，則其位移大小為 0，距離為 2 r。 如果粒子運動 7/4 個週期，則位移大小為 2r，距離為 14/4 r，此運動期間的最大位移為 2r，最大距離為 14/4 r

分析：7/4週為運動，3/4週為2周。 所以位移是等腰直角三角形的斜邊，直角是 r。 最大位移是向起點相反的運動，位移是直徑2r。

位移大小始終為0，但並不意味著位移不變，位移方向一直在變化，距離是其周長的四分之七。

2r 等於位移時間的 3/4,7 r 2 7 4*2 r

2r 從圓上的乙個點到圓上另乙個點的最大距離為 7 r 2 直徑

（1） 2nd s 內位移 = 30-20 = 10m

2） 第三秒位移 = 30-30 = 0m

3）前5秒總距離=（30-10）+30=50m 前5秒總位移=0-10=-10m

如果你發現 xab 有乙個指向右邊的箭頭，a 在 1 處，b 在 2 處，為什麼要使用 xb-xa=2-1。 而 xba 是使用 xa-xb=1-2=-1 找到的。

您可以通過從最終狀態中減去初始狀態來解決此問題。

因為 XAB 是從 A 到 B，而 XBA 是從 B 到 A

前2秒位移20m，第3秒無位移，前5秒距離30+20=50m

在第一秒，在第二秒。 第五秒的位移比為x1：x2：x3：x4：x5=1：3：5：7：9，所以x2：x5=3：9

即 3：9=2：x5

所以 x5=6

從開始到兩輛車相遇的時間就是鳥兒飛翔的時間，即（6 30x2=即小時）6分鐘。 乘以 2，因為同時行駛的兩輛車需要乘以 2。

兩輛車一定是在旅途中相遇的，所以這只鳥的位移是 6 2 = 3km。 鳥兒飛的距離等於速度乘以時間，即第乙個問題結束了！

第二個問題：首先要知道位移是從起點到目的地點的距離，所以鳥兒往返後的位移和A車的位移是一樣的，A車走多少，B車走多少。

現在一步一步地，鳥從 A-B 得到 T1，如果這個時間是 t1，即 60t1 + 30t1 = 6（鳥的距離加上汽車 b 的距離正好是 6km）。

現在看b-a，此時a、b都走了t1次，所以a、b車距還是6-30x2t1=2，如果鳥兒回到t2時間，那麼60t2+30t2=2（和第一步一樣，但總長度只有2km），得到t2剩下的就簡單了，鳥的往返時間為t1+t2，距離等於60x（t1+t2），位移等於30x（t1+t2）看看你能不能弄清楚！

我不知道是否有誤判，但想法是這樣的。

因為是勻速減速運動，加速度是恆定的，速度正好是初始速度的一半，所以速度減半的時間也是20秒，總t=40s

20=30 給出 v0 2

x＝（v0/2）t＝（v0/2）×40＝40

距離為12公里。

解：狗旅行的時間=A和B相遇的時間=12（5+3）=小時。

所以，狗旅行的行程是 s=vt=6*

狗的位移 x = A 的位移 = 5*

解：我們可以把這個過程看作是初始速度為0的勻速直線運動和勻速直線運動的總和，初速為0的勻速直線運動在1s、2s、3s、4s內的位移之比為1：3：5：7，從問題中的資料可以看出， 我們可以發現，初始速度為0的勻速直線運動在運動的第一秒內的位移=3m，根據s=at 2 2，t=1，可以求解a=6m s 2，而初始速度為0 = 6（9-4）2 = 15m的勻速加速度直線運動3s的位移， 所以勻速直線運動的速度=（21-15）=6m s

這是顯而易見的。 這是錯誤的答案。

PS：還有另一種情況，就是裡面的那個"3“是問題編號。

你沒有弄錯。 答案是錯誤的。

從S 1 2AT2，V at可以看出，位移與時間的平方成正比，速度與時間成正比。 所以通過 s、2s、3s ......ns時間比，即速度比，為1：根數2：

根數 3：根數 n，通過時間各段 S 與相鄰兩個專案之間的差值。